Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
Шрифт:
19.15. Двух уравнений достаточно для решения задачи, так как нас интересуют не сами числа а, b и с, а отношение каких-либо двух из них. Поскольку полученные результаты использования условий задачи уравнения однородны относительно а, b и с, то определить интересующую нас величину нетрудно.
19.16. Так как предел ( 1/4 )n при n– > равен нулю, то аn и bn имеют общий предел.
19.17. Члены двух арифметических прогрессий, имеющих первый член, равный нулю, могут снова образовать арифметическую прогрессию в том и только в том случае, если разность одной прогрессии кратна разности другой прогрессии.
К главе 20
20.1. Воспользоваться оценкой
1/(1 + k)^2 < 1/(1 + k)k.
20.2. Воспользоваться тем, что
20.4. Умножить правую часть на а– 1 и привести ее к виду
20.5. Разбить полученную сумму на три алгебраических слагаемых: 2n, произведение n на сумму чисел от 1 до n– 1 и сумму квадратов этих же чисел.
20.6. Бесконечная геометрическая прогрессия имеет сумму, если она бесконечно убывающая, т. е. |2x| < 1.
20.8. Рассмотреть разность Sn– Snx^2, в которой выделить геометрическую прогрессию.
20.9. Полученные равенства сложить и воспользоваться известными формулами для Sn, Sn^2, Sn^3.
20.10. Подсчитайте число четных (нечетных) членов, стоящих до n– й группы.
20.11. Каждое слагаемое после домножения на 2 sin /2n представить в виде разности косинусов.
20.12. Нетрудно заметить, что ряд 2S отличается от ряда S на величину, которая легко может быть сосчитана.
20.13. Запишем два соседних члена ряда:
К главе 21
21.1. Так как сосед справа и сосед слева неразличимы, то можно любого из сидящих оставить на месте, а остальных попросить пересесть на место, симметричное относительно того, кто остался на своем месте.
21.2. Обратить внимание на то, что, вычитая перестановки, в которых на первом месте стоит элемент а1, и перестановки, в которых на втором месте стоит элемент а2, мы некоторые перестановки вычтем дважды.
21.3. Поскольку в нашем распоряжении имеются семь разрядов, то выбрать места для трех двоек можно
21.4. Число не может начинаться с цифры 0. На сколько больше чисел мы получим, если не учтем это обстоятельство?
21.5. Экскурсантов для заселения первой каюты можно выбрать
21.6. Доказать, что
21.7. После упрощений мы придем к квадратному уравнению относительно n и k, которое нужно решить в целых числах. Удобнее решать это уравнение относительно k.
21.8. Все получившиеся после раскрытия скобок члены не будут подобными. Остается сосчитать их число.
21.9. Если n — 1 < k <= 2(n — 1), то члены, содержащие xk, могут быть получены лишь в результате перемножения членов суммы xk - n + 1 + ... + ... + xn — 1.
21.10. Мы приходим к неравенству
21.11. Наиболее удобной является группировка
После того как мы применим формулу бинома и к (1 + x^2)k, получим, что в общем члене содержится x100 - (5k– 2m). Остается выяснить, принимает ли 5k– 2m все значения от 0 до 100, и если не все, то сколько значений окажутся пропущенными. Следует иметь в виду, что m, k = 0, 1, ..., 20, но m <= k.
21.12. Для получения рекуррентной формулы достаточно разобрать два случая: а) в первой группе один элемент (а1); б) в первой группе два элемента (а1, а2).
21.13. Чтобы получить рекуррентную формулу, связывающую Mn и Mn + 1, где через Mn обозначен ответ задачи, нужно найти число точек пересечения (n + 1)-й прямой со всеми остальными. Как с этим числом связано количество вновь образовавшихся областей?
Рекуррентное соотношение будет иметь вид
Mn + 1 = Mn + m + n + 1
К главе 22
22.2. После того как найдена сумма двух первых слагаемых, можно воспользоваться формулой синуса суммы, так как третье слагаемое положительно, но меньше /4, и вся сумма не больше /2.